2462. 雇佣 K 位工人的总代价#
给你一个下标从 0 开始的整数数组 costs
,其中 costs[i]
是雇佣第 i
位工人的代价。
同时给你两个整数 k
和 candidates
。我们想根据以下规则恰好雇佣 k
位工人:
- 总共进行
k
轮雇佣,且每一轮恰好雇佣一位工人。 - 在每一轮雇佣中,从最前面
candidates
和最后面candidates
人中选出代价最小的一位工人,如果有多位代价相同且最小的工人,选择下标更小的一位工人。- 比方说,
costs = [3,2,7,7,1,2]
且candidates = 2
,第一轮雇佣中,我们选择第4
位工人,因为他的代价最小 。 - 第二轮雇佣,我们选择第
1
位工人,因为他们的代价与第4
位工人一样都是最小代价,而且下标更小。注意每一轮雇佣后,剩余工人的下标可能会发生变化。
- 比方说,
- 如果剩余员工数目不足
candidates
人,那么下一轮雇佣他们中代价最小的一人,如果有多位代价相同且最小的工人,选择下标更小的一位工人。 - 一位工人只能被选择一次。
返回雇佣恰好 k
位工人的总代价。
示例 1:
输入:costs = [17,12,10,2,7,2,11,20,8], k = 3, candidates = 4
输出:11
解释:我们总共雇佣 3 位工人。总代价一开始为 0 。
- 第一轮雇佣,我们从 [17,12,10,2,7,2,11,20,8] 中选择。最小代价是 2 ,有两位工人,我们选择下标更小的一位工人,即第 3 位工人。总代价是 0 + 2 = 2 。
- 第二轮雇佣,我们从 [17,12,10,7,2,11,20,8] 中选择。最小代价是 2 ,下标为 4 ,总代价是 2 + 2 = 4 。
- 第三轮雇佣,我们从 [17,12,10,7,11,20,8] 中选择,最小代价是 7 ,下标为 3 ,总代价是 4 + 7 = 11 。注意下标为 3 的工人同时在最前面和最后面 4 位工人中。
总雇佣代价是 11 。
示例 2:
输入:costs = [1,2,4,1], k = 3, candidates = 3
输出:4
解释:我们总共雇佣 3 位工人。总代价一开始为 0 。
- 第一轮雇佣,我们从 [1,2,4,1] 中选择。最小代价为 1 ,有两位工人,我们选择下标更小的一位工人,即第 0 位工人,总代价是 0 + 1 = 1 。注意,下标为 1 和 2 的工人同时在最前面和最后面 3 位工人中。
- 第二轮雇佣,我们从 [2,4,1] 中选择。最小代价为 1 ,下标为 2 ,总代价是 1 + 1 = 2 。
- 第三轮雇佣,少于 3 位工人,我们从剩余工人 [2,4] 中选择。最小代价是 2 ,下标为 0 。总代价为 2 + 2 = 4 。
总雇佣代价是 4 。
提示:
优先队列#
class Solution {
public:
long long totalCost(vector<int>& costs, int k, int candidates) {
int n = costs.size();
// 前 candidates 与后 candidates 相加大于 costs 数组的大小
// 则说明只需要 costs 中前 k 个最小的员工代价即可
if (candidates * 2 >= n) {
sort(costs.begin(), costs.end());
return accumulate(costs.begin(), costs.begin() + k, 0LL);
}
using PII = pair<int, int>;
auto cmp = [&](const PII &p1, const PII &p2) {
return p1.first == p2.first ?
p1.second > p2.second : p1.first > p2.first;
};
priority_queue<PII, vector<PII>, decltype(cmp)> heap(cmp);
// priority_queue<PII, vector<PII>, greater<PII>> heap;
// 两个区间,前 condidates 与后 condidates
// left1, ..., right1, ..., left2, ..., right2
int left1 = 0, right1 = candidates - 1;
int left2 = n - candidates, right2 = n - 1;
for (int i = left1; i <= right1; ++i) {
heap.push({costs[i], i});
}
for (int i = left2; i <= right2; ++i) {
heap.push({costs[i], i});
}
long long res = 0;
while (k--) {
auto t = heap.top();
heap.pop();
res += t.first;
// 两个区间存在覆盖
if (right1 + 1 == left2) {
continue;
}
if (t.second <= right1) {
++right1;
heap.push({costs[right1], right1});
} else {
--left2;
heap.push({costs[left2], left2});
}
}
return res;
}
};